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第28届全国中学生物理竞赛预赛试卷参考解答与评分标准(完美Word版)


第 28 届全国中学生物理竞赛预赛试卷
1-5 9 13 6 10 14 7 11 15 8 12 16 总分

本卷共 16 题,满分 200 分. 得分 阅卷 复核 小题, 一、选择题.本题共 5 小题,每小题 6 分.在每小题给出的 选择题. 4 个选项中,有的小题只有一项符合题意,有的小题有多项 个选项中,有的小题只有一项符合题意, 符合题意. 符合题意. 把符合题意的选项前面的英文字母写在每小题后 面的方括号内. 面的方括号内.全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,

有选错或不答的得 0 分. 1.常用示波器中的扫描电压 u 随时间 t 变化的图线是

[

]

2.下面列出的一些说法中正确的是 A.在温度为 200C 和压强为 1 个大气压时,一定量的水蒸发为同温度的水蒸气,在此 过程中,它所吸收的热量等于其内能的增量. B.有人用水银和酒精制成两种温度计,他都把水的冰点定为 0 度,水的沸点定为 100 度,并都把 0 刻度与 100 刻度之间均匀等分成同数量的刻度,若用这两种温度计去测 量同一环境的温度(大于 0 度小于 100 度)时,两者测得的温度数值必定相同. C .一定量的理想气体分别经过不同的过程后,压强都减小了,体积都增大了,则从每 个过程中气体与外界交换的总热量看,在有的过程中气体可能是吸收了热量,在有的 过程中气体可能是放出了热量,在有的过程中气体与外界交换的热量为 0 . D .地球表面一平方米所受的大气的压力,其大小等于这一平方米表面单位时间内受上 方作热运动的空气分子对它碰撞的冲量,加上这一平方米以上的大气的重量. [ ] 3.把以空气为介质的两个平行板电容器 a 和 b 串联,再与电阻 R 和电动势为 E 的直流电源 如图连接.平衡后,若把一块玻璃板插人电容器 a 中,则再达到平衡时, A.与玻璃板插人前比,电容器 a 两极间的电压 增大了 B. 与玻璃板插人前比, 电容器 a 两极间的电压减 小了 C.与玻璃板插入前比,电容器 b 贮存的电能增 大了 D.玻璃板插人过程中电源所做的功等于两电容器贮存总电能的增加量 [ ] 4.多电子原子核外电子的分布形成若干壳层,K 壳层离核最近,L 壳层次之,M 壳层更次 之,……,每一壳层中可容纳的电子数是一定的,当一个壳层中的电子填满后,余下的
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电子将分布到次外的壳层.当原子的内壳层中出现空穴时,较外壳层中的电子将跃迁至 空穴,并以发射光子(X 光)的形式释放出多余的能量,但亦有一定的概率将跃迁中放 出的能量传给另一个电子,使此电子电离,这称为俄歇(Auger)效应,这样电离出来的 电子叫俄歇电子.现用一能量为 40.00keV 的光子照射 Cd(镐)原子,击出 Cd 原子中 K 层一个电子,使该壳层出现空穴,己知该 K 层电子的电离能为 26.8keV.随后,Cd 原子 的 L 层中一个电子跃迁到 K 层,而由于俄歇效应,L 层中的另一个的电子从 Cd 原子射 出,已知这两个电子的电离能皆为 4.02keV,则射出的俄歇电子的动能等于 A.( 26.8-4.02-4.02 ) keV B.(40.00-26.8- 4.02 ) keV C.( 26.8-4.02 ) keV D.( 40.00- 26.8 + 4.02 ) keV [ ] 5.一圆弧形的槽,槽底放在水平地面上,槽的两侧与光滑斜坡 aa’、bb’相切,相切处 a、b 位于同一水平面内, 槽与斜坡在竖直平面 内的截面如图所示.一小物块从斜坡 aa’ 上距水平面 ab 的高度为 Zh 处沿斜坡自由 滑下, 并自 a 处进人槽内, 到达 b 后沿斜 坡 bb’向上滑行,已知到达的最高处距水 平面 ab 的高度为 h;接着小物块沿斜坡 bb’滑下并从 b 处进人槽内反向运动,若 不考虑空气阻力,则 A.小物块再运动到 a 处时速度变为零 B.小物块尚未运动到 a 处时,速度已 变为零 C.小物块不仅能再运动到 a 处,并能沿斜坡 aa’向上滑行,上升的最大高度为 2h D.小物块不仅能再运动到 a 处,并能沿斜坡 aa’向上滑行,上升的最大高度小于 h [ ] 填空题和作图题.把答案填在题中的横线上或把图画在题中指定的地方. 二、填空题和作图题.把答案填在题中的横线上或把图画在题中指定的地方.只要给出结 果不需写出求得结果的过程. 果不需写出求得结果的过程. 6.( 6 分)在大气中,将一容积为 0.50m3 的一端封闭一端开 得分 阅卷 复核 口的圆筒筒底朝上筒口朝下竖直插人水池中,然后放手.平 衡时, 筒内空气的体积为 0.40m3. 设大气的压强与 10.0m 高 的水柱产生的压强相同,则筒内外水面的高度差 为 . 7.(10 分)近年来,由于“微结构材料”的发展,研制具有负 得分 阅卷 复核

折射率的人工材料的光学性质及 其应用, 已受人们关注. 对正常介 质,光线从真空射人折射率为 n 的介质时, 人射角和折射角满足折 射定律公式, 人射光线和折射光线 分布在界面法线的两侧;若介质的折射率为负,即 n<0,这时人射角和折射角仍满足折射定 律公式,但人射光线与折射光线分布在界面法线的同一侧.现考虑由共轴的两个薄凸透镜 L1 和 L2 构成的光学系统,两透镜的光心分别为 O1 和 O2,它们之间的距离为 s.若要求以与 主光轴成很小夹角的光线人射到 O1 能从 O2 出射,并且出射光线与人射光线平行,则可以在
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O1 和 O2 之间放一块具有负折射率的介质平板,介质板的中心位于 OO’的中点,板的两个平 行的侧面与主光轴垂直,如图所示.若介质的折射率 n= -1.5,则介质板的厚度即垂直于主 . 光轴的两个平行侧面之间的距离 d = 8.( 10 分)已知:规定一个 K(钾)原子与 Cl(氯)原子 得分 阅卷 复核 相距很远时,他们的相互作用势能为 0;从一个 K 原子中移 走最外层电子形成 K+离子所需的能量(称为电离能)为 EK, 一个 Cl 原子吸收一个电子形成 Cl-离子释放的能量(称为电 + 子亲和能)为 ECl;K 离子(视为质点)与 Cl-离子(视为质点)之间的吸引力为库仑力, 电子电荷量的大小为 e,静电力常量为 k.利用以上知识,可知当 KCI 分子中 K+离子与 Cl离 子 之 间 的 库 仑 相 互 作 用 势 能 为 0 时 , K+ 离 子 与 Cl- 离 子 之 间 的 距 离 rs , 可 表 示 为 .若已知 EK = 4.34ev, ECl=3.62eV , k =9.0 ×109N·m2·C-2 , e m. =1.60×10-19C,则 rs= 9.(10 分)光帆是装置在太空船上的一个面积很大但很轻的 得分 阅卷 复核 帆,利用太阳光对帆的光压,可使太空船在太空中飞行.设 想一光帆某时刻位于距离太阳为 1 天文单位(即日地间的平 均距离)处,已知该处单位时间内通过垂直于太阳光辐射方 向的单位面积的辐射能量 E =1.37×103J·m -2· s-1,设平面光帆的面积为 1.0×106m2,且其平面 垂直于太阳光辐射方向,又设光帆对太阳光能全部反射(不吸收) ,则光帆所受光的压力约 等于 N. 10.(20 分)有两 得分 阅卷 复核 个电阻 1 和 2,它 们的阻值随所加 电压的变化而改 变,从而它们的伏安特性即电压和电流不再成正 比关系(这种电阻称为非线性电阻) .假设电阻 1 和电阻 2 的伏安特性图线分别如图所示.现先将 这两个电阻并联,然后接在电动势 E=9.0V、内电 阻 r0 = 2.0 的电源上.试利用题给的数据和图线 在题图中用作图法读得所需的数据,进而分别求 出电阻 1 和电阻 2 上消耗的功率 P1 和 P2.要求: i.在题图上画出所作的图线. (只按所画图线 评分,不要求写出画图的步骤及理由) ii.从图上读下所需物理量的数据(取二位有 效数字) ,分别是: iii . 求 出 电 阻 R1 消 耗 的 功 率 P1= ,电阻 R2 消耗的功率 P2 = .

三、计算题.计算题的解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最 计算题.计算题的解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤, 后结果的不能得分.有数值计算的,答案中必须明确写出数值和单位. 后结果的不能得分.有数值计算的,答案中必须明确写出数值和单位. 11.(17 分)宇航员从空间站(绕地球运行)上释放了一颗 得分 阅卷 复核 质量 m=500kg 的探测卫星. 该卫星通过一条柔软的细轻绳与 空间站连接,稳定时卫星始终在空间站的正下方,到空间站
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的距离 l=20km.已知空间站的轨道为圆形,周期 T = 92 min(分) . i.忽略卫星拉力对空间站轨道的影响,求卫星所受轻绳拉力的大小. ii.假设某一时刻卫星突然脱离轻绳.试计算此后卫星轨道的近地点到地面的高度、远 地点到地面的高度和卫星运行周期. 取地球半径 R = 6.400×103km,地球同步卫星到地面的高度为 H0 =3.6000×104km,地球 自转周期 T0 = 24 小时.

12.(17 分)某同学选了一个倾角为 θ 的斜坡,他骑在自行 车上刚好能在不踩踏板的情况下让自行车沿斜坡匀速向下 行驶,现在他想估测沿此斜坡向上匀速行驶时的功率,为此 他数出在上坡过程中某一只脚蹬踩踏板的圈数 N (设不间断 的匀速蹬) ,并测得所用的时间 t,再测得下列相关数据:自行车和人的总质量 m,轮盘半径 Rl,飞轮半径 R2,车后轮半径 R3.试导出估测功率的表达式.己知上、下坡过程中斜坡及 空气作用于自行车的阻力大小相等, 不论是在上坡还是下坡过程中, 车轮与坡面接触处都无 滑动.不计自行车内部各部件之间因相对运动而消耗的能量. 得分 阅卷 复核
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13.(20 分)电荷量为 q 的正电荷,均匀分布在由绝缘材料 制成的质量为 m 半径为 R 的均匀细圆环上,现设法加外力 使圆环从静止开始,绕通过环心垂直于环面的轴线匀加速转 动.试求从开始转动到环的角速度达到某一值 ω0 的整个过 程中外力所做的功.已知转动带电圆环的等效电流为 I 时,等效电流产生的磁场对整个以圆 环为周界的圆面的磁通量 Ф=kI, k 为一已知常量.不计电荷作加速运动所产生的辐射效应. 得分 阅卷 复核

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得分

阅卷

复核

14.(20 分)如图所示,一木块位于光滑的水平桌面上,木 块上固连一支架,木块与支架的总质量为 M.一摆球挂于支 架上, 摆球的质量为 m,m <

1 M 摆线的质量不计. 初始时, 2

整个装置处于静止状态.一质量为 m 的子弹以大小为 v0、方向垂直于图面向里的速度射人 摆球并立即停留在球内,摆球和子弹便一起开始运动.已知摆线最大的偏转角小于 900,在 小球往返运动过程中摆线始终是拉直的,木块未发生转动. i.求摆球上升的最大高度. ii.求木块的最大速率.
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iii.求摆球在最低处时速度的大小和方向.

15.(20 分)图中坐标原点 O (0, 0)处有一带电粒子源,向 y≥0 一侧沿 Oxy 平面内的各个不同方向发射带正电的粒子,粒子 的速率都是 v,质量均为 m,电荷量均为 q.有人设计了一方 向垂直于 Oxy 平面, 磁感应强度的大小为 B 的均匀磁场区域, 使上述所有带电粒子从该磁场区域的边界射出时, 均能沿 x 轴正方向运动. 试求出此边界线 的方程,并画出此边界线的示意图. 得分 阅卷 复核

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得分

阅卷

复核

16.(20 分)在海面上有三艘轮船,船 A 以速度 u 向正东方 向航行, B 以速度 2u 向正北方向航行, C 以速度 2 2 u 船 船

向东偏北 450 方向航行.在某一时刻,船 B 和 C 恰好同时经 过船 A 的航线并位于船 A 的前方,船 B 到船 A 的距离为 a,船 C 到船 A 的距离为 2a.若 以此时刻作为计算时间的零点,求在 t 时刻 B、C 两船间距离的中点 M 到船 A 的连线 MA 绕 M 点转动的角速度.
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第 28 届全国中学生物理竞赛预赛试卷 参考解答与评分标准
一、选择题. 选择题 答案: 答案: 1.C 2.C 3.BC 4.A 5.D

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评分标准: 评分标准: 本题共 5 小题,每小题 6 分.全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错或 不答的得 0 分. 二、填空题 答案与评分标准: 答案与评分标准: 6.2.5m ( 6 分) 7.

3 s (10 分) 5

8.

ke 2 ( 6 分) Ek ? ECl

2.0×10-9

(2 分)

9.9 ( 10 分) 10. i.如图所示.( 8 分) (图错不给分,图不 准确酌情评分.) ii.并联电阻两端的电压 U0=2.3V (2 分) , 通过电阻 1 的电流 I10=1.2A (3 分) 通过电阻 , 2 的电流 I20= 2.2A ( 3 分) (读数第一位必须正 确,第二位与答案不同,可酌情评分.) iii.2.5 W ( 2 分), 4 .9W ( 2 分)

11.参考解答: 参考解答: 参考解答 i. 设空间站离地面的高度为 H, 因为同步 卫星的周期和地球自转周期相同, 根据开普勒 第三定律以及题意有

(R + H ) 3 T 2 = ( R + H 0 )3 T02


(1)

H = ( R + H 0 )(

T 2/3 ) ?R T0

(2)

代人数据得

H= 376km

(3) (4)
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卫星的高度 h =H 一 l =356km

卫星在细绳的拉力 F 和地球引力作用下跟随空间站一起绕地球作周期为 T 的圆周运 动,有

G

Mm 2π ? F = m( ) 2 ( R + h) 2 ( R + h) T

(5)

式中 G 为万有引力常量, M 为地球质量.空间站在地球引力作用下绕地球作周期为 T 的 圆周运动 故有

G

Mm′ 2π = m′( )2 ( R + h) 2 ( R + h) T

(6)

式中 m’为空间站的质量.由(5)(6)两式得 、

F = m(

2π 2 ( R + H )2 ) ( R + h)[ ? 1] T ( R + h) 2

(7) (8)

将(3)(4)式及其他有关数据代人(7)式得 F=38.2N 、

ii.细绳脱落后,卫星在地球引力作用下绕地球运动的轨道为一椭圆.在脱落的瞬间, 卫星的速度垂直于卫星与地心的连线,所以脱落点必是远地点(或近地点) ,由( 4)式可知, 此点到地面的高度 h =356km 设卫星在近地点(或远地点)的高度为 h',速度为 v',根据开普勒第二定律,有 (9)

( R + h′)v′ =
根据机械能守恒,有

2π ( R + h) 2 T

(10)

1 Mm 1 2π Mm mv′2 ? G = m ( ) 2 ( R + h) 2 ? G 2 R + h′ 2 T R+h
联立(10)(11)两式并利用(6)式得 、

(11)

h′ =
代人有关数据有

( R + h) 4 2( R + H )3 ? ( R + h)3
h ' = 238km

(12) (13 )

由(9)(13)两式可知,远地点到地面的高度为 356km,近地点到地面的高度为 238km . 、 设卫星的周期为 T ',根据开普勒第三定律,卫星的周期

T′ = (

2 R + h + h′ 3/ 2 ) T 2R + 2H

(14) (15)
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代人数据得 T '= 90 . 4min 评分标准: 评分标准:本题 17 分.

第 i 小题 9 分. ( l)式 2 分, ( 5)式 3 分, ( 6)式 2 分, (8)式 2 分. 第 ii 小题 8 分. (9)(10)式各 l 分, (11)式 2 分, (12)(13)(14)(15)式各 1 、 、 、 、 分.

12.参考解答: 参考解答: 参考解答 解法一 因为下坡时自行车匀速行驶,可知阻力大小 f=mgsinθ 由题意,自行车沿斜坡匀速向上行驶时,轮盘的角速度 (1)

ω=

2π N t

(2)

设轮盘边缘的线速度为 v1,由线速度的定义有 v1=ωR1 (3)

设飞轮边缘的线速度为 v2,后车轮边缘的线速度为 v3,因为轮盘与飞轮之间用链条连结,它 们边缘上的线速度相同,即 v1=v2 (4)

因飞轮与后车轮的转动角速度相同,故有

v2 R2 = v3 R3

(5)

因车轮与坡面接触处无滑动,在车后轮绕其中心轴转动一周的时间 T 内,车后轮中心轴前 进的路程

?s = 2π R3


(6 )

T=

2π R3 v3

(7)

车后轮的中心轴前进的速度即自行车行驶速度的大小

V=
由以上有关各式得

?s T
2π NR1 R3 R2t

(8)

V=

(9)

人骑自行车上坡的功率为克服阻力 f 的功率加上克服重力沿斜面分力的功率,即 P=fV+mgVsinθ 由(l)(9)(10)式 、 、
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(10)

P=
评分标准: 评分标准:本题 17 分.

4mgπ NR1 R3 sin θ R2t

(11)

( l)式 3 分,求得(9 式共 8 分, (10)式 5 分, (11)式 1 分. 解法二 因下坡时自行车匀速行驶,若自行车出发点的高度为 h,则克服阻力所做的功 Wf 等于 势能的减少,有 Wf=mgh 用 s 表示自行车行驶的路程,有 h =ssinθ (2 ) (1)

自行车沿斜坡匀速向上行驶时,骑车者所做的功 W,等于克服阻力的功 Wf 与势能增量 mgh 之和,即 W=Wf+mgh (3)

设骑车者蹬踩踏板 N 圈到达下坡时的出发点,因踏板转 N 圈可使后轮转 NR1/R2 圈,所以自 行车行驶的距离 s 为 由(1)到(4)式,得

s=

NR1 ? 2π R R2

(4)

W=

4π NR1 R3 ? mg sin θ R2t

(5)

上式除以所用时间 t,即得骑车者功率

P=
评分标准: 评分标准:本题 17 分.

W 4mgπ NR1 R3 = sin θ t R2t

(6)

( I)式 3 分, ( 2)式 l 分, (3)式 4 分, (4)式 6 分, (5)式 l 分, (6)式 2 分.

13.参考解答: .参考解答: 当环的角速度到达 ω0 时,环的动能

Ek =

1 m( Rω 0 )2 2

(l)

若在时刻 t,环转动的角速度为 ω,则环上电荷所形成的等效电流
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2π R ?φ ?I ε= =k 感应电动势 ?t ?t q ?ω 由(2)(3)式得 ε = k 、 2π ?t

I=

q

Rω =

ωq 2π

(2) (3) (4)

环加速转动时,要克服感应电动势做功,功率为 P1=εI (5) 因为是匀加速转动,所以 ω 和 I 都随时间 t 线性增加.若角速度从零开始增加到 ω0 经历的 时间为 t0,则有

ω0 =

?ω t0 ?t

(6)

若与 ω0 对应的等效电流为 I0,则在整个过程中克服感到电动势做的总功

1 W1 = ε I 0t0 2
由以上有关各式得

(7)

W1 = k
外力所做的总功

ω02 q 2 8π 2

(8)

W = W1 + Ek = k
评分标准: 评分标准:本题 20 分.

ω02 q 2 1 + m( Rω 0 ) 2 8π 2 2

(9)

(1)式 3 分,(2)式 4 分,(3)式 2 分,(5)式 3 分, (6)式 2 分, (7)式 3 分,(8) 式 l 分,(9)式 2 分

14.参考解答: .参考解答: i.由于子弹射人摆球至停留在球内经历的时间极短,可以认为在这过程中摆球仅获得 速度但无位移.设摆球(包括停留在球内的子弹)向前(指垂直于图面向里)的速度为 u, 由动量守恒定律有 mv0=2mu (l) 摆球以速度 u 开始向前摆动,木块亦发生运动.当摆球上升至最高时,摆球相对木块静止,
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设此时木块的速度为 V,摆球上升的高度为 h,因水平方向动量守恒以及机械能守恒有 2mu=(2m+M)V (2)

mu 2 =
解(l)(2)(3)三式得 、 、

1 (2m + M )V 2 + 2mgh 2

(3)

h=

2 Mv0 8 g (2m + m)

(4)

ii.摆球升到最高后相对木块要反向摆动.因为在摆球从开始运动到摆线返回到竖直位 置前的整个过程中, 摆线作用于支架的拉力始终向斜前方, 它使木块向前运动的速度不断增 大;摆线经过竖直位置后,直到摆线再次回到竖直位置前,摆线作用于支架的拉力将向斜后 方,它使木块速度减小,所以在摆线(第一次)返回到竖直位置的那一时刻,木块的速度最 大,方向向前 以 V’表示摆线位于竖直位置时木块的速率,u’表示此时摆球的速度(相对桌面) ,当 u' >0,表示其方向水平向前,反之,则水平向后.因水平方向动量守恒以及机械能守恒,故 有

2mu = 2mu ′ + MV ′ 1 mu 2 = mu ′2 + MV ′2 2
解(1)(5)(6)三式可得摆线位于竖直位置时木块速度的大小 、 、

(5) (6)

V′ = 0 V′ = 2mv0 2m + M

(7) (8)

(7)式对应于子弹刚射人摆球但木块尚未运动时木块的速度,它也是摆球在以后相对木块 往复运动过程中摆线每次由后向前经过竖直位置时木块的速度; 而题中要求的木块的最大速 率为(8)式,它也是摆球在以后相对木块的往复运动过程中摆线每次由前向后经过竖直位 置时木块的速度. iii.在整个运动过程中,每当摆线处于竖直位置时,小球便位于最低处.当子弹刚射人 摆球时,摆球位于最低处,设这时摆球的速度为 u,由(l)式得

u=

1 v0 2

(9)

方向水平向前. 当摆球第一次回到最低处时, 木块速度最大, 设这时摆球的速度为 u', (l) 由 、
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(5)(6)三式和(8)式可得 、

1 m? M 2 v u′ = 0 M + 2m
其方向向后.

(10)

当摆球第二次回到最低处时,由(7)式木块速度减至 0,设这时摆球的速度为 u'', 由(l)(5)(6)式可得 、 、 u''= u =

1 v0 2

(11)

方向向前,开始重复初始的运动. 评分标准: 评分标准:本题 20 分. 第 i 小题 8 分.(1) 式 1 分,(2)(3)式各 3 分, (4)式 l 分 、 第 ii 小题 7 分.(5)、(6)式各 3 分,(8)式 l 分 第 iii 小题 5 分. ( 9 )式 l 分, (10)式 3.分, (11)式 l 分.

15.参考解答: .参考解答: 先设磁感应强度为 B 的匀强磁场方向垂直 xy 平面 向里,且无边界.考察从粒子源发出的速率为 v、方向 与 x 轴夹角为 θ 的粒子,在磁场的洛仑兹力作用下粒子 做圆周运动,圆轨道经过坐标原点 O,且与速度方向相 切,若圆轨道的半径为 R,有

v2 qvB = m R


(1)

R=

mv qB

(2)

圆轨道的圆心 O’在过坐标原点 O 与速度方向垂直的直线上,至原点的距离为 R,如图 1 所 示. 通过圆心 O’作平行于 y 轴的直线与圆轨道交于 P 点,粒子运动到 P 点时其速度方向恰好是沿 x 轴正方 向,故 P 点就在磁场区域的边界上.对于不同人射方 向的粒子,对应的 P 点的位置不同,所有这些 P 点的 连线就是所求磁场区域的边界线.P 点的坐标为
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x=—Rsinθ y=一 R + Rcosθ 这就是磁场区域边界的参数方程,消去参数 θ,得 x2 +(y+R)2=R2 由(2)(5)式得 、

(3 ) (4)

(5)

x2 + ( y +

mv 2 m 2 v 2 ) = 2 2 qB q B

(6)

这是半径为 R 圆心 O’’的坐标为(0,一 R ) 的圆,作为 题所要求的磁场区域的边界线, 应是如图 2 所示的半个 圆周,故磁场区域的边界线的方程为

mv 2 m 2 v 2 x + (y + ) = 2 2 qB q B
2

x≤0 y≤0

(7) 若磁场方向垂直于 xy 面向外, 则磁场的边界线为如 图 3 示的半圆,磁场区域的边界线的方程为 x2 +(y—R)2=R2

x≥0 y≥0 x≥0 y≥0

(8 )

或 证明同前

x2 + ( y ?

mv 2 m 2 v 2 ) = 2 2 qB q B

(9)

评分标准:本题 20 分. 评分标准: ( l)或(2)式 2 分, (3)(4)式各 4 分, (7)式 3 分,图(图 2 ) 2 分(只要半圆 、 的位置正确就给 2 分), (9)式 3 分,图(图 3 ) 2 分(只要半圆的位置正确就给 2 分)

16.参考解答: .参考解答: 以 t =0 时刻船 A 所在的位置 为坐标原点 O, 作如图 1 所示平面 直角坐标系 Oxy, 轴指向正东, x y 轴指向正北.可以把船 C 的速度 分解成沿正东方向的分速度 vx 和
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沿正北方向的分速度 vy 两个分量.根据题意有 vx=vy=2u (1)

在 t 时刻,三船的位置如图 1 所示.B、C 二船在 y 方向位移相等,两船的连线 BC 与 x 轴 平行,两船间的距离

BC = a + 2ut
BC 的中点到 B 点的距离为

(2)

1 a + ut .中点 M 的坐标分别为 2 1 3 xM = a + a + ut = a + ut 2 2

(3) (4)

yM = 2ut

可见 M 点沿 x 方向的速度为 u,沿 y 方向的速度为 2u,在 t = 0 时刻 BC 的中点在 x 轴上, 其 x 坐标为 3a/2. 在与 M 点固连的参考系中考察,并建立以 M 为原点的直角坐标系 Mx'y' , x'轴与 x 轴平 行,y'轴与 y 轴平行,则相对 M,船 A 的速度只有沿负 y'方向的分量,有 uAM=uAM y'=—2u 在时刻 t,船 A 在坐标系 Mx'y'的坐标为 (5)

3 x′ = ? a A 2 y′ = u AM t A
可以把 A 船的速度分解为沿连线 MA 方 向的分量 uAM1 和垂直于连线 MA 方向 的分量 uAM2 两个分量,uAM1 使连线 MA 的长度增大,AM2 使连线 MA 的方向改 u 变,如图 2 所示.若用 R 表示 t 时刻连 线 MA 的长度, 则连线 MA 绕 M 点转动 的角速度

(6) (7)

ω=

u AM 2 R

(8)

若 MA 与 x'轴的夹角为 θ,则有

u AM 2 = u AM cos θ

(9)

第 18 页 共 19 页



cos θ =

x′ A R

(10)

R = x′ 2 + y ′ 2 A A
由(5)到(10)各式得

(11)

ω=

12au 9a + 16u 2t 2
2

(12)

评分标准: 评分标准:本题 20 分. 求得(5)式共 6 分, ( 6)(7)式各 l 分, (8)式 6 分, (9)式 2 分, (10) (11)式 、 、 各 l 分,( 12 ) 式 2 分

第 19 页 共 19 页


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