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广东省肇庆市重点中学2016届高三上学期8月月考物理试卷


广东省肇庆市重点中学 2015 届高三上学期月考物理试卷 (8 月份)
一、选择题(共 8 小题,每小题 6 分,满分 48 分) 1.一物体自空中的 A 点以一定的初速度竖直向上抛出,1s 后物体的速率变为 10m/s,则此时 2 物体的位置和速度方向可能是(不计空气阻力,g=10m/s )( ) A.在 A 点上方,速度方向向下 B.在 A 点上方,速度方向向上 C

.正在 A 点,速度方向向下 D.在 A 点下方,速度方向向下 考点:竖直上抛运动. 专题:直线运动规律专题. 分析: 本题可以采用假设法分析求解. 假如物体做自由落体运动, 1s 后物体的速率 v=gt=10m/s, 而题中物体做竖直上抛运动,物体先向上做匀减速运动,1s 后物体的速率变为 10m/s,此时物 体的位置不可能在 A 点的下方,否则速率必小于 10m/s.若此时物体在 A 点上方,速度方向 向下,由速度公式 v=v0﹣gt,判断是否合理. 解答: 解:取竖直向上方向正方向. A、若物体此时的位置在 A 点上方,速度方向向下,v=﹣10m/s,由公式 v=v0﹣gt 得,v0=0, 与题干条件不符.故 A 错误. B、若物体此时的位置在 A 点上方,速度方向向上,v=10m/s,由公式 v=v0﹣gt 得,v0=20m/s, 是可能的,故 B 正确. C、若物体此时的位置正在 A 点,速度方向向下,v=﹣10m/s,由公式 v=v0﹣gt 得,v0=0,与 题干条件不符.故 C 错误. D、若物体做自由落体运动,1s 后物体的速率 v=gt=10m/s,而题中物体做竖直上抛运动,物体 先向上做匀减速运动,1s 后物体的速率变为 10m/s,此时物体的位置不可能在 A 点的下方, 否则速率必小于 10m/s.故 D 错误. 故选:B 点评:本题既考查对竖直上抛运动的处理能力,也考查逻辑推理能力,关键要能运用假设进行 分析,是一道好题. 2.汽车以 20m/s 的速度在平直公路上行驶,急刹车时的加速度大小为 5m/s ,则自驾驶员急 踩刹车开始,2s 与 5s 时汽车的位移之比为( ) A.5:4 B.4:5 C.3:4 D.4:3 考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系. 专题:直线运动规律专题. 分析:先求出汽车刹车到停止所需的时间,因为汽车刹车停止后不再运动,然后根据匀变速直 线运动的位移时间公式求解 解答: 解:汽车刹车到停止所需的时间:t= = =4s
2

2s 时位移:x1=

at 20×2﹣ ×5×2 m=30m

2

2

5s 时的位移就是 4s 是的位移,此时车已停:

=

m=40m

故 2s 与 5s 时汽车的位移之比为:3:4 故选 C 点评:解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动,5s 内的位移等于 4s 内的位移.以及掌 握匀变速直线运动的位移时间公式 3.如图所示,水平桌面上叠放着 A、B 两物体,B 物体受力 F 作用,A、B 一起相对地面向 右做匀减速直线运动,则 B 物体的受力个数为( )

A.4 个

B.5 个

C.6 个

D.7 个

考点:力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用. 专题:受力分析方法专题. 分析:对整体及 A 分析可知 B 受摩擦力的情况,再分析 B 的受力情况可知 B 受力个数. 解答: 解:由 A 分析,可知 A 受重力、支持力,由于匀减速直线运动,则水平方向受到 B 对 A 的静摩擦力,所以 A 对 B 也静摩擦力; 对 B 分析可知 B 受重力、 支持力、 压力、 拉力及地面对 B 的摩擦力, 还有 A 对 B 也静摩擦力, 故 B 受 6 个力; 故选 C. 点评:本题要注意摩擦力的判断,必要时可以用假设法进行判断;并且要灵活应用整体法与隔 离法. 4.如图,A、B 分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的 v﹣t 图象,根据图象可以 判断( )

A.两球在 t=2s 时速率相等 B.两球在 t=8s 时相距最远 C.两球运动过程中不会相遇 D.甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动,加速度大小相同方向相反 考点:匀变速直线运动的图像. 专题:运动学中的图像专题. 分析:由速度时间图象直接读出两球的速度大小.分析两球的运动情况,判断两球在 t=8s 时 是否相距最远.两球先做匀减速直线运动,后做匀加速直线运动.

解答: 解: A、v﹣t 图象反映速度随时间变化的情况,由图读出 t=2s 时两球速度大小都是 20m/s,速率是 相等的.故 A 正确; B、依据 v﹣t 图象的物理意义可知,两球在 t=8s 时均回到出发点相遇,显然不是相距最远.故 BC 错误. D、两球开始做匀减速直线运动,而后做匀加速直线运动.A 的加速度大小为 aA=| |= , B 的加速度大小为 aB=| |= , 加

速度方向相反.故 D 错误. 故选 A 点评:这是直线运动中速度图象的问题,要抓住斜率表示加速度,“面积”表示位移来分析物体 的运动情况. 5.近年来测重力加速度 g 值的一种方法叫“对称自由下落法”.具体做法是:将真空长直管沿 竖直方向放置, 自其中 O 点向上抛小球又落至原处所用时间为 t2, 在小球运动过程中经过比 O 点高 h 的 B 点,小球离开 B 点至又回到 B 点所用时间为 t1,测得 t1、t2、h,则重力加速度的 表达式为( ) A. B.

C.

D.

考点:自由落体运动. 专题:自由落体运动专题. 分析: 解决本题的关键是将竖直上抛运动分解成向上的匀减速运动和向下的匀加速, 所以从最 高点落到 O 点的时间为 H= ×( ﹣ ,落到 B 点的时间为 ,可以求出 VP 和 VO,根据 OP 之间可得

)可求出 g.

解答: 解:将小球的运动分解为竖直向上的匀减速直线运动和竖直向下的自由落体运动, 根据 t 上=t 下 则从最高点下落到 O 点所用时间为 故 V0= g , ,

从最高点下落到 P 点所用时间为 则 VP= g,

则从 P 点下落到 O 点的过程中的平均速度为 =

从 P 点下落到 O 点的时间为 t= 根据 H= t 可得 H=( 解得 g= ) ( ﹣ )= (



g+

g) ×(T2﹣T1)

故选:C. 点评: 对称自由落体法实际上利用了竖直上抛运动的对称性, 所以解决本题的关键是将整个运 动分解成向上的匀减速运动和向下匀加速运动, 利用下降阶段即自由落体运动阶段解题. 另外 本题用到了利用平均速度求解位移的方法:s= t. 6.如图所示,在一个桌面上方有三个金属小球 a、b、c,离桌面高度分别为 h1:h2:h3=3:2: 1.若先后顺次释放 a、b、c,三球刚好同时落到桌面上,不计空气阻力,则( )

A.三者到达桌面时的速度之比是 : :1 B.三者运动时间之比为 3:2:1 C.b 与 a 开始下落的时间差小于 c 与 b 开始下落的时间差 D.三个小球运动的加速度与小球受到的重力成正比,与质量成反比 考点:自由落体运动. 专题:自由落体运动专题. 分析:三个小球均做自由落体运动,则由自由落体的运动规律得出通式,则可求得各项比值. 解答: 解:A、设 h3=h,则由 v =2gh,得 v= .得到达桌面时的速度之比: v1:v2:v3= : : = : :1.故 A 正确 B、由 t= 得三者运动时间之比:t1:t2:t3= : :1,故 B 错误;
2

C、 b 与 a 开始下落时间差△ t1= (





. c 与 b 开始下落时间差△ t2= (

﹣1)



故 C 正确; D、三个小球的加速度与重力和质量无关,等于重力加速度,故 D 错误; 故选 A、C. 点评:自由落体运动由于是初速度为零的匀加速直线运动,在公式应用中有一定的便利,故一 般会在过程上有些复杂,解题时要注意过程的分析.

7.如图所示,物体 B 的上表面水平,A、B 相对于斜面 C 静止,当斜面 C 受到水平力 F 向左 匀速运动的过程中( )

A.物体 A 可能受到 3 个力的作用 B.物体 B 一定受到 4 个力的作用 C.物体 C 对物体 B 的作用力竖直向上 D.物体 C 和物体 B 之间可能没有摩擦力 考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用. 专题:共点力作用下物体平衡专题. 分析:分别对 A、B、受力分析,结合平衡条件和牛顿第三定律判断力的有无. 解答: 解:A、物体 A 做匀速直线运动,合力为零;受重力、支持力;假设有静摩擦力,不 管向左还是向右,都不平衡,故 A 错误; B、对物体 B 受力分析,受重力、A 对 B 向下的压力、C 对 B 的支持力、C 对 B 沿斜面向上 的静摩擦力,受力平衡,故 B 正确; C、对物体 B 受力分析,受重力、A 对 B 向下的压力、C 对 B 的支持力、C 对 B 沿斜面向上 的静摩擦力;受力平衡,合力为零;重力和压力的合力向下,故支持力与静摩擦力的合力一 定向上,与重力和压力的合力平衡;故 C 正确; D、假如 B 与 C 之间没有摩擦力,物体 A 和 B 不能平衡,会下滑,故 D 错误; 故选 BC. 点评: 本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析, 同时参照力的产生条件、 力的作用效果、 牛顿第三定律等来判断力的有无. 8.如图(a) ,一物块在 t=0 时刻滑上一固定斜面,其运动的 v﹣t 图线如图(b)所示,若重 力加速度及图中的 v0,v1,t1 均为已知量,则可求出( )

A.斜面的倾角 B.物块的质量 C.物块与斜面间的动摩擦因数 D.物块沿斜面向上滑行的最大高度 考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像. 专题:牛顿运动定律综合专题.

分析:由图 b 可求得物体运动过程及加速度,再对物体受力分析,由牛顿第二定律可明确各物 理量是否能够求出. 解答: 解:由图 b 可知,物体先向上减速到达最高时再向下加速;图象与时间轴围成的面 积为物体经过的位移,故可出物体在斜面上的位移; 图象的斜率表示加速度,上升过程及下降过程加速度均可求,上升过程有: mgsinθ+μmgcosθ=ma1;下降过程有:mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2;两式联立可求得斜面倾角及动 摩擦因数; 但由于 m 均消去,故无法求得质量;因已知上升位移及夹角,则可求得上升的最大高度; 故选:ACD. 点评: 本题考查牛顿第二定律及图象的应用, 要注意图象中的斜率表示加速度, 面积表示位移; 同时注意正确的受力分析,根据牛顿第二定律明确力和运动的关系. 二、非选择题: 9.某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示.倾斜的球槽中放有若 干个小铁球,闭合开关 K,电磁铁吸住第 1 个小球.手动敲击弹性金属片 M,M 与触头瞬间 分开,第 1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第 2 个小球.当第 1 个小球撞击 M 时,M 与触头分开,第 2 个小球开始下落….这样,就可测出多个小球下落的总时间. (1)在实验中,下列做法正确的有 ABD. A.电路中的电源能选用交流电源 B.实验前应将 M 调整到电磁铁的正下方 C.用直尺测量电磁铁下端到 M 的竖直距离作为小球下落的高度 D.手动敲击 M 的同时按下秒表开始计时 (2)实验测得小球下落的高度 H=1.620m,10 个小球下落的总时间 T=5.8s.可求出重力加速 2 度 g=9.6m/s . (结果保留两位有效数字)

考点:测定匀变速直线运动的加速度. 专题:实验题. 分析:首先要明确电路结构、实验原理即可正确解答;根据自由落体运动规律 h= ,可

以求出重力加速度大小. 解答: 解: (1)A、M 与触头接触期间,电磁铁应保持磁性存在,故电源用直流电源和交流 电源均可,故 A 正确; B、实验中要通过小球撞击 M 断开电路来释放下一小球,故 M 必须在电磁铁正下方,故 B 正 确; C、小球下落的高度应为电磁铁下端到 M 的竖直距离减去小球直径,故 C 错误; D、手敲击 M 瞬间,小球 l 即开始下落,故应同时开始计时,故 D 正确.

故答案为:ABD. (2)小球下落的时间 t= ,根据 H= 得,g= .

故答案为: (1)ABD (2)9.6 点评:对于实验问题一定要明确实验原理,并且亲自动手实验,熟练应用所学基本规律解决实 验问题. 10.在“研究匀变速直线运动”的实验中,打点计时器使用的交流电源的频率为 50Hz,记录小 车运动的纸带如图所示,在纸带上选择 6 个计数点 A、B、C、D、E、F,相邻两计数点之间 还有四个点未画出,各点到 A 点的距离依次是 2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm.

(1) 根据学过的知识可以求出小车在 B 点的速度为 vB=0.25m/s. CE 间的平均速度为 0.45m/s; (2)以打 A 点时为计时起点,建立 v﹣t 坐标系如图所示.请在图中作出小车运动的速度与 时间的关系图线; 2 (3)根据图线可得小车运动的加速度为 1m/s . 考点:探究小车速度随时间变化的规律. 专题:实验题;压轴题;直线运动规律专题. 分析: 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度, 可以求出打纸带上 B 点时小车的瞬时速度大小,CE 间的平均速度可以用位移除以时间,最后根据速度﹣时间图象 解出斜率即是物体的加速度. 解答: 解: (1)相邻两个计数点间的时间间隔为 0.1 s,根据匀变速直线运动中时间中点的 速度等于该过程中的平均速度, 所以 vB= vCE= = =0.35m/s = m/s=0.25 m/s m/s=0.45 m/s

(2)vC= vD= vE=

=0.45m/s =0.55m/s

描点作 v﹣t 图象如右图所示

(3)在 v﹣t 图象中图线的斜率表示加速度即 a=

m/s =1 m/s

2

2

故答案为: (1)0.25 0.45 (2)图见解析 (3)1 点评: 注意速度﹣时间图象中斜率表示其加速度, 并要提高应用匀变速直线的规律以及推论解 答实验问题的能力,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用. 11. 甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动, 加速度方向一直不变. 在第一段时间间隔内, 两辆汽车的加速度大小不变,汽车乙的加速度大小是甲的两倍;在接下来的相同时间间隔内, 汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍,汽车乙的加速度大小减小为原来的一半.求甲乙两 车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比. 考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系. 专题:压轴题;直线运动规律专题. 分析:分别对甲乙两车研究,用加速度 a,时间间隔 t0 等相同的量表示总位移,再求出路程之 比. 解答: 解:设汽车甲在第一段时间时间间隔 t0 末的速度为 v,第一段时间间隔内行驶的路程 为 s1,加速度为 a,在第二段时间间隔内行驶的路程为 s2.由题,汽车甲在在第二段时间间隔 内加速度为 2a.设甲、乙两车行驶的总路程分别为 s、s',则有 s=s1+s2,s'=s1′+s2′. 由运动学公式得 v=at0 ① s1= ② ③ 将①代入③得 s2=2a ,④

由②+④得 s=s1+s2= 设乙车在时间 t0 的速度为 v',在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为 s1′、s2′. 同样有 v'=(2a)t0⑤ ⑥

⑦ 将⑤代入⑦得 s2′= 由⑥+⑧得 s'=s1′+s2′= ⑧ . ⑨

所以甲、乙两车各自行驶的总路程之比为

答:甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比为 5:7. 点评:对于两个物体运动问题的处理,除了分别研究两个物体的运动情况外,往往要抓住它们 之间的关系,列出关系式. 12.“10 米折返跑”的成绩反映了人体的灵敏素质.测定时,在平直跑道上,受试者以站立 式 起跑姿势站在起点(终点)线前,听到起跑的口令后,全力跑向正前方 10 米处的折返线,测 试员同时开始计时.受试者到达折返线处,用手触摸折返线处的物体(如木箱)后,再转身 跑向起点(终点)线,当胸部到达起点(终点)线的垂直面时,测试员停止计时,所用时间 即为“10 米折返跑”的成绩,如图所示.设受试者起跑的加速度为 4m/s ,运动过程中的最大速 2 度为 4m/s,快到达折返线处时需减速到零,减速的加速度为 8m/s ,返回时达到最大速度后不 需减速,保持最大速度冲线.求该受试者“10 米折返跑”的成绩为多少?
2

考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系. 专题:直线运动规律专题. 分析:运动员向右的运动分加速向右、匀速向右和减速向右过程;向左的运动分为加速和匀速 过程,根据运动学公式计算出各段的时间即可. 解答: 解:对受试者,由起点终点线向折返线运动的过程中 加速阶段: ,

减速阶段:





匀速阶段: 由折返线向起点终点线运动的过程中 加速阶段: ,s4=s1=2m,

匀速阶段:



故受试者 10 米折返跑的成绩为:t=t1+t2+t3+t4+t5=1+1.75+0.5+1+2s=6.25s. 答:该受试者“10 米折返跑”的成绩为 6.25s. 点评:本题关键理清各个阶段的运动规律,要分阶段计算出运动员各个阶段的运动时间,要能 熟练运用运动学公式. 【物理--选修 3-5】 13.根据表格中的内容,判断下列说法正确的是( 材料 铯 钙 镁 逸出功 W/eV 1.9 2.7 3.7

) 铍 3.9

钛 4.1

金 4.8

A.只要入射光的强度足够大,照射时间足够长,表中的金属均可以发生光电效应 B.用某光照射表中金属,均能够发生光电效应,则从铯表面逸出的光电子的最大初动能最大 C.使表中金属发生光电效应时,铯的极限频率最小 D.使表中金属发生光电效应时,金的极限波长最小 考点:光电效应. 专题:光电效应专题. 分析:当入射光的频率大于金属的极限频率,就会发生光电效应.根据光电效应方程判断影响 光电子最大初动能的因素. 解答: 解:A、只有入射光的频率大于金属的极限频率,才能产生光电效应,当入射频率越 高时,则光电子的最大初动能越大,与入射光的强度无关.故 A 错误. B、根据光电效应方程 Ekm=hv﹣W0,入射光的频率越大,光电子的最大初动能越大,则铯表 面逸出的光电子的最大初动能最大.故 B 正确; C、根据表格数据可知,金的逸出功最大,则由 hγ0=W,可知:金的极限频率最大,而频率越 高的,波长越短,而铯的极限频率最小,故 CD 正确. 故选:BCD. 点评:解决本题的关键知道光电效应的条件,以及知道影响光电子最大初动能的因素,并掌握 相同光强下,频率越高的,光子数目越少. 14.如图所示,在高 1.25m 的水平桌面上放一个质量为 0.5kg 的木块,质量为 0.1kg 的橡皮泥 以 30m/s 的水平速度粘到木块上 (粘合过程时间极短) . 木块在桌面上滑行 1.5m 后离开桌子落 2 到离桌边 2m 的地方.求木块与桌面间的动摩擦因数. (g 取 10m/s )

考点:动量守恒定律;平抛运动. 分析:木块离开桌面后做平抛运动,应用平抛运动规律可以求出木块离开桌面时的速度; 橡皮泥击中木块过程系统动量守恒,应用动量守恒定律可以求出木块的速度; 木块与橡皮泥一起在桌面上做匀减速直线运动,应用动能定理可以求出动摩擦因数. 解答: 解:木块离开桌面后做平抛运动,

在水平方向:s=v′t, 在竖直方向:h= gt , 代入数据解得:v′=4m/s, 橡皮泥击中木块过程系统动量守恒, 以向右为正方向,由动量守恒定律得: mv0=(M+m)v, 代入数据解得:v=5m/s, 木块在桌面上运动过程由动能定理得: ﹣μ(M+m)gx= (M+m)v′ ﹣ (M+m)v , 代入数据解得:μ=0.3; 答:木块与桌面间的动摩擦因数为 0.3. 点评:本题是一道力学综合题,分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键,分析清楚物 体运动过程后,应用平抛运动规律、动量守恒定律与动能定理可以解题.
2 2 2


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