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湖北省荆州市沙市中学2013-2014学年高二(下)第二次周练物理试卷


2013-2014 学年湖北省荆州市沙市中学高二(下)第二次周练物理 试卷
一、选择题(每小题 5 分,共 65 分.1~8 题为单选题,9~12 为多选题.全部选对的得 5 分, 选不全的得 3 分,有错选或不答的得零分) 1. (5 分) (2013 春?西区校级期中)下列关于多普勒效应的说法正确的是( ) A. B. C. D. 若声源向观察者靠近,则声源发出声波

的频率变小 若声源向观察者靠近,则声察者接收到声波的频率变大 观察者远离波源,则波源发出声波的频率变小 若波源与观察者相互靠近,则观察者接收到声波的频率变小

2. (5 分) (2009?上海)做简谐振动的单摆摆长不变,若摆球质量增加为原来的 4 倍,摆球经 过平衡位置时速度减小为原来的 ,则单摆振动的( ) A. C. 频率、振幅都不变 B. 频率、振幅都改变 频率不变、振幅改变 D. 频率改变、振幅不变

3. (5 分) (2011 春?许昌期末)如图所示,一弹簧振子在 B、C 间做简谐运动,O 为平衡位置, BC 间距离为 10cm,从 B 运动到 C 的最短时间为 1s,下列说法正确的是( )

A. B. C. D.

从 B 到 C 振子作了一次全振动 振动周期为 2s,振幅为 5cm 经过两次全振动,振子通过的路程是 20cm 振子从 B 点开始,经 3s 位移是 30cm

4. (5 分) (2014 秋?诸暨市校级期中)一列简谐横波沿 x 轴负方向传播,图(1)是 t=1s 时的 波形图,图(2)是波中某振动质元位移随时间变化的振动图线(两图用同一时间起点) ,则 图(2)可能是图(1)中哪个质元的振动图线?( )

A. 质元

x=1m 处的质元 B.

x=2m 处的质元 C. x=3m 处的质元

D. x=4m 处的

5. (5 分) (2008?靖江市模拟)如图所示,一条形磁铁,从静止开始,穿过采用双线绕成的闭 合线圈,条形磁铁在穿过线圈过程中做( )

A.

减速运动

B.匀速运动 C. 自由落体运动 D. 非匀变速运动

6. (5 分) (2011 秋?河西区期末)如图所示,在加有匀强磁场的区域中,一垂直于磁场方向射 入的带电粒子轨迹如图所示,由于带电粒子与沿途的气体分子发生碰撞,带电粒子的能量逐 渐减小,从图中可以看出( )

A. B. C. D.

带电粒子带正电,是从 B 点射入的 带电粒子带负电,是从 B 点射入的 带电粒子带负电,是从 A 点射入的 带电粒子带正电,是从 A 点射入的

7. (5 分) (2013 春?温州期中)半圆形导轨竖直放置,不均匀磁场水平方向并垂直于轨道平 面,一个金属环在轨道内来回滚动,如图所示,若空气阻力不计,则( )

A. C.

金属环做等幅振动 B. 金属环做减幅振动 金属环做增幅振动 D. 无法确定

8. (5 分) (2014 秋?奎文区校级期末)有一个带正电荷的离子,沿垂直于电场方向射入带电 平行板的匀强电场.离子飞出电场后的动能为 Ek,当在平行金属板间再加入一个垂直纸面向 内的如图所示的匀强磁场后,离子飞出电场后的动能为 Ek′,磁场力做功为 W,则下面各判断 正确的是( )

A. W>0

EK<EK′,W=0 B.

EK>EK′,W=0 C. EK=EK′,W=0

D. EK>EK′,

9. (5 分) (2014 秋?涪城区校级期末)甲、乙两弹簧振子,振动图象如图所示,则可知( )

A. 两弹簧振子完全相同 B. 两弹簧振子所受回复力最大值之比 F 甲:F 乙=2:1 C. 振子甲速度为零时,振子乙速度最大 D. 振子的振动频率之比 f 甲:f 乙=1:2 10. (5 分) (2015 春?淮安校级月考)如图所示是一列简谐横波在 t=0 时刻的波形图.已知这 列波沿 x 轴正方向传播,波速为 20m/s,则在 t=0.17s 时该质点 P( )

A. B. C. D.

速度和加速度都沿﹣y 方向 速度沿+y 方向,加速度沿﹣y 方向 速度和加速度均正在增大 速度正在增大,加速度正在减少

11. (5 分) (2010 春?温州期中)一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴 转动,线圈中的感应电动势 e 随时间 t 的变化规律如图所示,下列说法中正确的是( )

A. B. C. D.

t1 时刻通过线圈的磁通量最大 t2 时刻通过线圈的磁通量最大 t3 时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大 每当 e 转换方向时,通过线圈的磁通量都为最大

12. (5 分)在如图所示的 U﹣I 图象中,直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象,直 线Ⅱ为某一电阻 R 的伏安特性曲线.用该电源直接与电阻 R 相连组成闭合电路.由图象可知 ( )

A. B. C. D.

电源的电动势为 3V,内阻为 2Ω 电阻 R 的阻值为 2Ω 电源的输出功率为 4W 电源的效率为 66.7%

二、实验题: (本大题共 2 小题,共 17 分. ) 13. (5 分)在《用单摆测定重力加速度》的实验中,某同学测出的 g 值比当地值大,造成的 原因可能是( ) A. 摆角太大了(摆角仍小于 10°) B. 量摆长时从悬点量到球的最下端 C. 计算摆长时忘记把小球半径加进去 D. 摆球不是在竖直平面内做简谐振动,而是做圆锥摆运动 E. 计算周期时,将(n﹣1)次全振动误记为 n 次全振动 14. (12 分) (2012 秋?惠城区校级期中)测定电源的电动势和内电阻的实验电路和 U﹣I 图象 如下:请回答下列问题 (1)在闭合开关之前,为防止电表过载,滑动变阻器的滑动头 P 应放在 处(填 a.b) (2)现备有以下器材: A.干电池 1 个 B.滑动变阻器(0~50Ω ) C.滑动变阻器(0~1750Ω) D.电压表(0~3V) E.电压表(0~15V) F.电流表(0~0.6A) G.电流表(0~3A) H.电键一个,导线若干. 该实验应选择的器材是 . (填字母代号) (3)如图是根据实验数据画出的 U﹣I 图象.由此可知这个干电池的电动势 E= r= _Ω.

V,内电阻

三、计算题. (本题共 3 小题,共 33 分.写出必要的文字说明及重要步骤,有数值计算的要 明确写出结果和单位.将解题过程书写在答题卡规定位置处. ) 15. (10 分) (2013 秋?泗县校级期末)一个带正电的微粒,从 A 点射入水平方向的匀强电场 中,微粒沿直线 AB 运动,如图,AB 与电场线夹角 θ=30°,已知带电微粒的质量 m=1.0×10 ﹣10 7 2 kg,电量 q=1.0×10 C,A、B 相距 L=20cm. (取 g=10m/s ,结果保留二位有效数字)求: (1)电场强度的大小和方向; (2)要使微粒从 A 点运动到 B 点,微粒射入电场时的最小速度是多少?


16. (10 分) (2014 秋?射阳县校级期末)如图所示,电容器两极板相距 d,两板间电压为 U, 极板间的匀强磁场的磁感应强度为 B1,一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容 器,沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为 B2 匀强磁场,结果分别打在 a、b 两点,两点 间距为△R.粒子所带电量为 q,且不计粒子所受重力.求: (1)粒子进入 B2 磁场时的速度; (2)打在 a、b 两点的粒子的质量之差△m 是多大?

17. (13 分) (2013?陕西校级二模)一列简谐横波由质点 A 向质点 B 传播.已知 A、B 两点 相距 4m,这列波的波长大于 2m 而小于 20m.图表示在波的传播过程中 A、B 两质点的振动 图象.求波的传播速度.

2013-2014 学年湖北省荆州市沙市中学高二(下)第二次 周练物理试卷
参考答案与试题解析

一、选择题(每小题 5 分,共 65 分.1~8 题为单选题,9~12 为多选题.全部选对的得 5 分, 选不全的得 3 分,有错选或不答的得零分) 1. (5 分) (2013 春?西区校级期中)下列关于多普勒效应的说法正确的是( ) A. B. C. D. 若声源向观察者靠近,则声源发出声波的频率变小 若声源向观察者靠近,则声察者接收到声波的频率变大 观察者远离波源,则波源发出声波的频率变小 若波源与观察者相互靠近,则观察者接收到声波的频率变小

考点: 多普勒效应. 专题: 常规题型. 分析: 本题考查多普勒效应的原理,熟记多普勒的定义即可求解,同时掌握频率变化与运 动间的关系. 解答: 解:多普勒效应是指波源或观察者发生移动,而使两者间的位置发生变化,使观察 者收到的频率发生了变化; A、若声源向观察者靠近,则声源发出声波的频率不变,故 A 错误 B、若声源向观察者靠近,则观察者接收到声波的频率变大,故 B 正确 C、观察者远离波源,则波源发出声波的频率不变,故 C 错误 D、若波源与观察者相互靠近,观察者接收到声波的频率变大,故 D 错误 故选 B 点评: 多普勒效应是由于观察者和波源间位置的变化而产生的;掌握物理概念要一定要理 解其真正意义.
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2. (5 分) (2009?上海)做简谐振动的单摆摆长不变,若摆球质量增加为原来的 4 倍,摆球经 过平衡位置时速度减小为原来的 ,则单摆振动的( ) A. C. 频率、振幅都不变 B. 频率、振幅都改变 频率不变、振幅改变 D. 频率改变、振幅不变

考点: 单摆周期公式;简谐运动的振幅、周期和频率. 分析: 由单摆的周期公式

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可以判断单摆的周期的变化,由

可以判断单

摆的能量的变化,从而可以判断振幅的变化. 解答: 解:由单摆的周期公式 ,可知,单摆摆长不变,则周期不变,频率不变; 可知,摆球经过平衡位置

振幅 A 是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量,由

时的动能不变,但质量增加,所以高度减小,因此振幅改变,所以 C 正确. 故选:C. 点评: 单摆的摆长和重力加速度的大小决定单摆的周期的大小,单摆的能量决定单摆的振 幅的大小.

3. (5 分) (2011 春?许昌期末)如图所示,一弹簧振子在 B、C 间做简谐运动,O 为平衡位置, BC 间距离为 10cm,从 B 运动到 C 的最短时间为 1s,下列说法正确的是( )

A. B. C. D.

从 B 到 C 振子作了一次全振动 振动周期为 2s,振幅为 5cm 经过两次全振动,振子通过的路程是 20cm 振子从 B 点开始,经 3s 位移是 30cm

考点: 简谐运动的振幅、周期和频率. 专题: 简谐运动专题. 分析: 振子完成一次全振动通过的路程是 4A,从 B 到 C 振子没有一次全振动.振动周期为 2s,振幅为 5cm.振子从 B 点开始,经 3s 位移是 30cm. 解答: 解:A、从 B 到 C 振子通过路程是 2A,不是一次全振动.故 A 错误. B、从 B 运动到 C 的最短时间为 1s 为半个周期,则周期为 2s.振幅 A=5cm.故 B 正确. C、经过两次全振动,振子通过的路程是 S=8A=40cm.故 C 错误. D、由图分析可知,振子从 B 点开始,经 3s 位移是 10cm.故 D 错误. 故选 B 点评: 本题考查对简谐运动的周期、振幅的理解和判别能力.对于简谐运动质点通过的路 程,往往一个周期通过 4A 去研究.
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4. (5 分) (2014 秋?诸暨市校级期中)一列简谐横波沿 x 轴负方向传播,图(1)是 t=1s 时的 波形图,图(2)是波中某振动质元位移随时间变化的振动图线(两图用同一时间起点) ,则 图(2)可能是图(1)中哪个质元的振动图线?( )

A. 质元

x=1m 处的质元 B.

x=2m 处的质元C. x=3m 处的质元

D. x=4m 处的

考点: 波长、频率和波速的关系;横波的图象. 分析: 由振动图象读出 t=1s 时刻质点的运动状态,在波动图象上找出相对应的质点.即可 作出选择. 解答: 解: A、图 1 上 x=1m 处的质元处于波谷,图 2 上 t=1s 时质元经平衡位置向下,两者不符.故 A 错误. B、图 2 上,波沿 x 轴负方向传播,x=2m 处的质元经平衡位置向上,图 2 上 t=1s 时质元经平 衡位置向下,两者不符.故 B 错误.
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C、图 2 上,x=3m 处的质元处于波峰,与图 2 上 t=1s 时质元的振动状态不符.故 C 错误. D、图 2 上,波沿 x 轴负方向传播,x=4m 处的质元经平衡位置向下,与图 1 上 t=1s 时质元的 状态相同.故 D 正确. 故选:D 点评: 根据波的传播方向判断出质点的振动方向,由振动图象读出质点的振动方向都是应 具有和基本能力. 5. (5 分) (2008?靖江市模拟)如图所示,一条形磁铁,从静止开始,穿过采用双线绕成的闭 合线圈,条形磁铁在穿过线圈过程中做( )

A.

减速运动

B.匀速运动 C. 自由落体运动 D. 非匀变速运动

考点: 楞次定律. 分析: 根据安培定则判断双线绕法的通电线圈产生的磁场方向关系,分析条形磁铁所受的 作用力,再判断它的运动性质. 解答: 解:穿过采用双线绕法的通电线圈,相邻并行的导线中电流方向相反,根据安培定 则可知,它们产生的磁场方向相反,在空中同一点磁场抵消,则对条形磁铁没有安培力作用, 条形磁铁只受重力,又从静止开始下落,所以做自由落体运动. 故选 C 点评: 本题中线圈采用双线并行绕法是消除自感的一种方式.可用安培定则加深理解.基 础题.
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6. (5 分) (2011 秋?河西区期末)如图所示,在加有匀强磁场的区域中,一垂直于磁场方向射 入的带电粒子轨迹如图所示,由于带电粒子与沿途的气体分子发生碰撞,带电粒子的能量逐 渐减小,从图中可以看出( )

A. B. C. D.

带电粒子带正电,是从 B 点射入的 带电粒子带负电,是从 B 点射入的 带电粒子带负电,是从 A 点射入的 带电粒子带正电,是从 A 点射入的

考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力. 专题: 带电粒子在磁场中的运动专题.

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分析: 根据带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式 r=

可知, 半径与速率成正比. 由

题,带电粒子的能量逐渐减小,速率减小,则知其轨迹半径减小,由图确定运动方向,由左 手定则判断电性. 解答: 解:由题,带电粒子的能量逐渐减小,速率减小,由公式 r= 可知,带电粒子运动

的半径逐渐减小,则该带电粒子是从 B 点射入的.带电粒子在 B 点受到的洛伦兹力方向向右, 由左手定则判断得知,该带电粒子带负电.故 B 正确. 故选 B 点评: 本题关键要掌握带电粒子在磁场中圆周运动的半径公式和左手定则,基础题. 7. (5 分) (2013 春?温州期中)半圆形导轨竖直放置,不均匀磁场水平方向并垂直于轨道平 面,一个金属环在轨道内来回滚动,如图所示,若空气阻力不计,则( )

A. C.

金属环做等幅振动 B. 金属环做减幅振动 金属环做增幅振动 D. 无法确定

考点: 法拉第电磁感应定律;电磁感应中的能量转化. 专题: 电磁感应——功能问题. 分析: 根据能量守恒定律判断金属环机械能的变化,从而判断出金属环的运动情况. 解答: 解:金属环在进磁场和出磁场时,会产生感应电流,从而产生热量,根据能量守恒 定律知,金属环的机械能减小,金属环做减幅振动.最后在磁场中做等幅振动.故 B 正确,A、 C、D 错误. 故选 B. 点评: 解决本题的关键知道金属环在进出磁场时,有感应电流产生,在磁场中运动时,无 感应电流.
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8. (5 分) (2014 秋?奎文区校级期末)有一个带正电荷的离子,沿垂直于电场方向射入带电 平行板的匀强电场.离子飞出电场后的动能为 Ek,当在平行金属板间再加入一个垂直纸面向 内的如图所示的匀强磁场后,离子飞出电场后的动能为 Ek′,磁场力做功为 W,则下面各判断 正确的是( )

A. W>0

EK<EK′,W=0 B.

EK>EK′,W=0 C. EK=EK′,W=0

D. EK>EK′,

考点: 带电粒子在混合场中的运动. 专题: 带电粒子在复合场中的运动专题.
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分析: 根据电场力做功的多少,来确定动能的大小,结合运动的分解;而洛伦兹力不做功, 即可求解. 解答: 解:首先根据洛伦兹力与速度方向垂直,洛伦兹力不做功,即 W=0; 其次第一种情况下电场力是全部用来做功,第二种情况:洛伦兹力可以分解竖直方向和水平 方向,电场力的一部分要用来平衡洛伦兹力竖直方向的分力,因而不能全部用来做功,导致 EK>EK′,故 B 正确,ACD 错误; 故选:B. 点评: 考查运动的合成与分解,掌握电场力做功正负,理解洛伦兹力不做功.注意第二种 情况,将速度分解,出现电场力没有全部做功,是解题的关键. 9. (5 分) (2014 秋?涪城区校级期末)甲、乙两弹簧振子,振动图象如图所示,则可知( )

A. 两弹簧振子完全相同 B. 两弹簧振子所受回复力最大值之比 F 甲:F 乙=2:1 C. 振子甲速度为零时,振子乙速度最大 D. 振子的振动频率之比 f 甲:f 乙=1:2 考点: 波长、频率和波速的关系;横波的图象. 专题: 振动图像与波动图像专题.

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分析: 由振动图象读出两弹簧振子周期之比,根据周期公式 T=2

分析弹簧振子是否完

全相同.由图读出两振子位移最大值之比,但由于振子的劲度系数可能不等,无法确定回复 力最大值之比.振子甲速度为零时,振子乙速度最大.频率与周期互为倒数. 解答: 解: A、 由振动图象读出两弹簧振子周期之比 T 甲: T 乙=2: 1, 根据周期公式 T=2 分析可知,两弹簧振子一定不完全相同.故 A 错误. B、由振动图象读出两振子位移最大值之比 x 甲:x 乙=2:1,根据简谐运动的特征 F=﹣kx, 由于弹簧的劲度系数 k 可能不等,回复力最大值之比 F 甲:F 乙不一定等于 2:1.故 B 错误. C、由图看出,甲在最大位移处时,乙在平衡位置,即振子甲速度为零时,振子乙速度最 大.故 C 正确. D、两弹簧振子周期之比 T 甲:T 乙=2:1,频率之比是 f 甲:f 乙=1:2.故 D 正确. 故选 CD 点评: 本题考查对振动图象的理解能力.不能把两弹簧振子错当成同一个弹簧振子,得到 回复力最大值之比 F 甲:F 乙=2:1. 10. (5 分) (2015 春?淮安校级月考)如图所示是一列简谐横波在 t=0 时刻的波形图.已知这 列波沿 x 轴正方向传播,波速为 20m/s,则在 t=0.17s 时该质点 P( )

A. B. C. D.

速度和加速度都沿﹣y 方向 速度沿+y 方向,加速度沿﹣y 方向 速度和加速度均正在增大 速度正在增大,加速度正在减少

考点: 简谐运动的振动图象. 专题: 简谐运动专题. 分析: 由波的传播方向判断出在 t=0 时刻 P 点的振动方向. 读出波长, 求出周期, 根据 t=0.17s 与周期的关系,再分析 P 点的速度和加速度方向及其变化情况. 解答: 解:据题,简谐横波沿 x 轴正方向传播,则 t=0 时刻 P 点的振动方向沿﹣y 方向.由
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图读出波长 λ=4m,则周期 T=

=

,由题 t=0.17s,则

<t<T,此时刻质点 P 正

由波峰向平衡位置运动,速度和加速度都沿﹣y 方向,而速度正在增大,加速度正在减小. 故选 AD 点评: 此题要根据波动图象研究质点的振动情况,根据时间与周期的关系进行分析. 11. (5 分) (2010 春?温州期中)一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴 转动,线圈中的感应电动势 e 随时间 t 的变化规律如图所示,下列说法中正确的是( )

A. B. C. D.

t1 时刻通过线圈的磁通量最大 t2 时刻通过线圈的磁通量最大 t3 时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大 每当 e 转换方向时,通过线圈的磁通量都为最大

考点: 法拉第电磁感应定律;磁通量. 分析: 矩形线圈中产生正弦式电流,当线圈通过中性面时,磁通量最大,感应电动势为零, 电动势方向发生改变.而当线圈与磁场平行时,磁通量为零,感应电动势最大,磁通量的变 化率最大. 解答: 解:A、t1 时刻感应电动势为零,线圈通过中性面,磁通量最大,故 A 正确; B、由图 t2 时刻,感应电动势为最大值,通过线圈的磁通量为零,故 B 错误; C、t3 时刻感应电动势为零,磁通量的变化率为零,故 C 错误; D、每当 e 转换方向时,线圈与磁场垂直,线圈通过中性面时,磁通量最大,故 D 正确; 故选:AD. 点评: 本题考查交变电流产生过程中,感应电动势与磁通量、磁通量变化率的关系,关键 抓住两个特殊位置:线圈与磁场垂直位置,及线圈与磁场平行位置.
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12. (5 分)在如图所示的 U﹣I 图象中,直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象,直 线Ⅱ为某一电阻 R 的伏安特性曲线.用该电源直接与电阻 R 相连组成闭合电路.由图象可知 ( )

A. B. C. D.

电源的电动势为 3V,内阻为 2Ω 电阻 R 的阻值为 2Ω 电源的输出功率为 4W 电源的效率为 66.7%

考点: 闭合电路的欧姆定律. 专题: 恒定电流专题. 分析: 由电源的路端电压与电流的关系图象与纵轴的交点读出电源的电动势,其斜率大小 等于电源的内阻.电阻 R 的伏安特性曲线的斜率等于电阻.两图线的交点读出电流与电压, 求出电源的输出功率和效率. 解答: 解: A、根据闭合电路欧姆定律得 U=E﹣Ir,当 I=0 时,U=E,由读出电源的电动势 E=3V,内阻等
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于图线的斜率大小,则 r=

= Ω=0.5Ω.故 A 错误.

B、电阻 R= = Ω=1Ω.故 B 错误. C、两图线的交点表示该电源直接与电阻 R 相连组成闭合电路时工作状态,由图读出电压 U=2V,电流 I=2A,则电源的输出功率为 P 出=UI=2×2W=4W.故 C 正确. D、电源的效率 η= = = =66.7%.故 D 正确.

故选:CD 点评: 对于图线关键要根据物理规律,从数学角度来理解其物理意义.本题要抓住图线的 斜率、交点的意义来理解图象的意义. 二、实验题: (本大题共 2 小题,共 17 分. ) 13. (5 分)在《用单摆测定重力加速度》的实验中,某同学测出的 g 值比当地值大,造成的 原因可能是( ) A. 摆角太大了(摆角仍小于 10°) B. 量摆长时从悬点量到球的最下端 C. 计算摆长时忘记把小球半径加进去 D. 摆球不是在竖直平面内做简谐振动,而是做圆锥摆运动 E. 计算周期时,将(n﹣1)次全振动误记为 n 次全振动 考点: 用单摆测定重力加速度.

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专题: 实验题;单摆问题. 分析: 由题,单摆振动 n 次的时间 t,单摆的周期 T= ,根据单摆的 周期公式推导出重力加

速度的表达式 g=

,再分析 g 值偏大可能的原因.

解答: 解:根据单摆的周期公式:T=2

得 g=



A、从上面的表达式可得,重力加速度与小球的质量、摆的振幅和摆角(摆角仍小于 10°)都 无关,故 A 错误; B、量摆长时从悬点量到球的最下端,l 偏大,故 g 偏大,B 项正确; C、 将摆线的长误为摆长, 摆长的即测量值偏小, 所以重力加速度的测量值就偏小. 故 C 错误; D、我们是利用单摆的运动规律知 T=2 得 g= ,摆球不是在竖直平面内做简谐振

动,而是做圆锥摆运动,则 T=2

,周期将比 T=2

小,故 g 偏大,故 D 正确;

E、 单摆振动 n 次的时间 t,单摆的周期 T= , 若误记做 n﹣1 次,即周期的测量值大于真实值, 所以重力加速度的测量值偏小.故 E 正确. 故选:BD 点评: 实验误差是考试的热点,也是难点,关键掌握实验原理,从解析式进行分析. 14. (12 分) (2012 秋?惠城区校级期中)测定电源的电动势和内电阻的实验电路和 U﹣I 图象 如下:请回答下列问题 (1)在闭合开关之前,为防止电表过载,滑动变阻器的滑动头 P 应放在 b 处 (填 a. b) (2)现备有以下器材: A.干电池 1 个 B.滑动变阻器(0~50Ω ) C.滑动变阻器(0~1750Ω) D.电压表(0~3V) E.电压表(0~15V) F.电流表(0~0.6A) G.电流表(0~3A) H.电键一个,导线若干. 该实验应选择的器材是 ABDFH . (填字母代号) (3)如图是根据实验数据画出的 U﹣I 图象.由此可知这个干电池的电动势 E= 1.5 电阻 r= 1.0 _Ω.

V, 内

考点: 测定电源的电动势和内阻. 专题: 实验题;恒定电流专题. 分析: (1)闭合开关之前,为防止电表过载,滑动变阻器的滑动头 P 应放在电阻的阻值最 大处,以保证电路的安全;
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(2)电流表和电压表的选择要保证安全和读数时指针的偏转大约在 ~ 之间; (3)在图线中,图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势,内电阻可以使用公式: 进

行计算. 解答: 解: (1)闭合开关之前,为防止电表过载,滑动变阻器的滑动头 P 应放在电阻的阻 值最大处,故滑动变阻器的滑动头 P 应放在 b 处; (2)电流表和电压表的选择要保证安全和读数时指针的偏转大约在 ~ 之间,干电池 1 节, 电压 1.5V,故电压表应选择量程为 3V 的;在该实验中,一般要求电流最大不超过 1A 左右, 故应选择 0.6A 的电流表;电流值在 0.1~0.6A 之间变化时,电路中的电阻约为: ,故选择 50Ω 的滑动变阻器较为合适;另外还要选择干电池和电建和导 线.故该实验应选择的器材是 ABDFH; (3)在图线中,图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势,读数为 1.5V;内电阻可以使用公 式: 故答案为:b;ABDFH;1.5V,1. 0Ω. 点评: 在电学实验中,首先要保证实验仪器的安全,其次要注意电流表和电压表的读数时 指针的偏转大约在 ~ 之间;数据处理比较简单.属于中档题目.

三、计算题. (本题共 3 小题,共 33 分.写出必要的文字说明及重要步骤,有数值计算的要 明确写出结果和单位.将解题过程书写在答题卡规定位置处. ) 15. (10 分) (2013 秋?泗县校级期末)一个带正电的微粒,从 A 点射入水平方向的匀强电场 中,微粒沿直线 AB 运动,如图,AB 与电场线夹角 θ=30°,已知带电微粒的质量 m=1.0×10 ﹣10 7 2 kg,电量 q=1.0×10 C,A、B 相距 L=20cm. (取 g=10m/s ,结果保留二位有效数字)求: (1)电场强度的大小和方向; (2)要使微粒从 A 点运动到 B 点,微粒射入电场时的最小速度是多少?


考点: 动能定理的应用;电场强度;带电粒子在匀强电场中的运动. 专题: 动能定理的应用专题. 分析: (1)根据直线运动的条件并结合受力分析,得到电场力的方向,最终分析出物体的 运动规律,根据力的合成的平行四边形定则并结合几何关系得到电场力,求出电场强度; (2)对粒子的运动过程运用动能定理列式求解即可. 解答: 解: (1)微粒只在重力和电场力作用下沿 AB 直线运动,故合力一定与速度在同一条 直线上,可知电场力的方向水平向左,如图所示. 微粒所受合力的方向由 B 指向 A,与初速度 VA 方向相反,微粒做匀减速直线运动.
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在垂直于 AB 方向上,有 qEsinθ﹣mgcosθ=0 所以电场强度 E=1.7×10 N/C 电场强度的方向水平向左 (2)微粒由 A 运动到 B 时的速度 vB=0 时, 微粒进入电场时的速度最小,由动能定理得, ﹣mgLsinθ﹣qELcosθ=﹣ mvA
2 4

代入数据,解得 vA=2.8m/s 4 答: (1)电场强度的大小为 1.7×10 N/C,方向水平向左; (2)要使微粒从 A 点运动到 B 点,微粒射入电场时的最小速度是 2.8m/s. 点评: 本题关键结合运动情况得到粒子受力的受力情况,然后根据动能定理列式求解. 16. (10 分) (2014 秋?射阳县校级期末)如图所示,电容器两极板相距 d,两板间电压为 U, 极板间的匀强磁场的磁感应强度为 B1,一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容 器,沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为 B2 匀强磁场,结果分别打在 a、b 两点,两点 间距为△R.粒子所带电量为 q,且不计粒子所受重力.求: (1)粒子进入 B2 磁场时的速度; (2)打在 a、b 两点的粒子的质量之差△m 是多大?

考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力;带电粒子在匀强电场中的 运动. 专题: 带电粒子在磁场中的运动专题. 分析: (1)穿过电容器的粒子满足电场力与洛伦兹力平衡,根据平衡求出粒子运行的速度 v; (2)在磁场 2 中粒子做匀速圆周运动,洛伦兹力提供圆周运动向心力,根据半径差的关系式 求出粒子的质量差△m 解答: 解: (1)由于粒子沿直线运动,所以: 粒子在电容器中受到的电场力洛伦兹力平衡,即
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qE=qvB1 ∴ 又∵ ∴ (2)以速度 v 进入 B2 的粒子满足:



落在 a 点的半径

落在 b 点的半径 根据题意有:△R=2(R1﹣R2) 即:△R=2

由此可得: 即:

代入

可得: ; (2)打在 a、b 两点的粒子的质量之差△m 为

答: (1)粒子进入 B2 磁场时的速度 .

点评: 掌握速度选择器的原理,知道带电粒子在磁场中做匀速圆周运动由洛伦兹力提供向 心力求出半径与速度质量的关系是解决本题的关键. 17. (13 分) (2013?陕西校级二模)一列简谐横波由质点 A 向质点 B 传播.已知 A、B 两点 相距 4m,这列波的波长大于 2m 而小于 20m.图表示在波的传播过程中 A、B 两质点的振动 图象.求波的传播速度.

考点: 波长、频率和波速的关系;横波的图象. 分析: 通过振动图象得出周期的大小,以及 A、B 两点对应的位置关系,从而得出波长的大 小,根据波长和周期求出波的传播速度.
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解答: 解:由图可知,T=0.4s, 所以 n 只能取 0 和 1. 当 n=0 时, 当 n=1 时, ,则波速 ,则波速 或 . . .

,则

=

,因为 2m<λ<20m,

答:波的传播速度为

点评: 本题首先考查读图的能力,其次考查列通项式的能力.知道波传播的周期性.


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