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江西省南昌市八一中学、洪都中学、麻丘中学2015-2016学年高一上学期期末联考物理试卷


2015-2016 学年度第一学期期末联考高一物理测试卷
2016.1 一、选择题(本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分。1~6 题只有一个选项正确;7~10 题有多个选项正确,选对但不全的,得 2 分) 1.下列一组单位中,哪一组中各单位都是国际单位制中的基本单位( A.米、牛顿、秒 C.千克、焦耳、秒 B.米、千克、秒 D.米、千克、帕斯卡 ( ) )



2.有关惯性大小的下列叙述中,正确的是

A.物体跟接触面间的摩擦力越小,其惯性就越大 B.物体所受的合力越大,其惯性就越大 C.物体的质量越大,其惯性就越大 D.物体的速度越大,其惯性就越大 3.下列说法正确的是( )

A.木块放在桌面上受到一个向上的弹力,这是由于木块发生微小形变而产生的 B.质量均匀分布,形状规则的物体的重心可能在物体上,也可能在物体外 C.摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反 D.由磁铁间有相互作用可知:力可以离开物体而单独存在 4.甲、乙两拳击运动员竞技,甲一拳击中乙的肩部,观众可认为甲运动员(的拳头)是施力 物体, 乙运动员(的肩部)是受力物体, 但在甲一拳打空的情况下, 下列说法中正确的是( A.这是一种只有施力物体,没有受力物体的特殊情况 B.尽管乙避开了甲的拳头,但乙仍受到甲的作用力 C.甲的拳头、胳膊与自身躯干构成相互作用的物体 D.以上说法都不正确 5.如图所示, 用绳索将重球挂在墙上,不考虑墙的摩擦。如果把绳的长度增加一 些,则球对绳的拉力 F1 和球对墙的压力 F2 的变化情况是( A.F1 增大,F2 减小 C.F1 和 F2 都减小 B.F1 减小,F2 增大 D.F1 和 F2 都增大 ) )

6.如图所示,用手提一轻弹簧,弹簧下端挂一金属球.在将整个装置 匀加速上提的过程中,手突然停止不动,则在此后一小段时间内( A.小球立即停止运动 B.小球继续向上做减速运动 C.小球的速度与弹簧的形变量都要减小 D.小球的加速度减小 7.下面说法中正确的是 ( ) )

A.力是物体产生加速度的原因 B.物体运动状态发生变化,一定有力作用在该物体上
1

C.物体运动速度的方向与它受到的合外力的方向总是一致的 D.物体受外力恒定,它的速度也恒定 8.站在升降机中的人出现失重现象,则升降机可能( A.做加速上升 C.做加速下降 ) 。

B.做减速下降 D.做减速上升

9. 如图所示,A、B 两条直线是在 A、B 两地分别用竖直向上的力 F 拉质量分别为 mA 和 mB 的物体,实验得出的两个加速度 a 与力 F 的关系图线,由图分析可知( A.两地重力加速度是 gA>gB C.两地重力加速度是 gA=gB B.mA<mB D.mA>mB )

10.如图所示,一水平方向足够长的传送带以恒定的速度 v1 沿顺时针方向运动,一物体以 水平速度 v2 从右端滑上传送带后,经过一段时间又返回光滑水平面,此时速率为 v2′,则 下列说法正确的是( )

A.若 v1<v2,则 v2′=v1 B.若 v1>v2,则 v2′=v2 C.不管 v2 多大,总有 v2′=v2 D.只有 v1=v2 时,才有 v2′=v2 二、填空题(每空 2 分,共 16 分) 11.如图所示,在水平粗糙横杆上,有一质量为 m 的小圆环 A,悬吊一个质量为 M 的球 B, 今用一水平力 F 缓慢地拉起 B,A 仍保持静止不动,设圆环 A 受到的支持力为 FN,静摩擦力 为 Ff0,此过程中,FN ,Ff0 。 (选填 “增大” “减小”或“不变” )

12.在探究求合力的方法时,先将橡皮条的一端固定在水平木板上,另一端系上带有绳套的 两根细绳.实验时,需要两次拉伸橡皮条,一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡 皮条,另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条. (1)实验对两次拉伸橡皮条的要求中,下列哪些说法是正确的 A.将橡皮条拉伸相同长度即可 B.将橡皮条沿相同方向拉到相同长度 C.将弹簧秤都拉伸到相同刻度 D.将橡皮条和绳的结点拉到相同位置 (2)同学们在操作过程中有如下议论, 其中对减小实验误差有益的说法是 母代号). A.两细绳必须等长 B.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行 (填字 (填字母代号).

C.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大 D.拉橡皮条的细绳要长些,标记同一细绳方向的两点要远些 13.如图所示,甲船及人的总质量为 m1,乙船及人的总质量为 m2,已知 m1=2m2, 甲、乙两船上的人各拉着水平轻绳的一端对绳施加力,设甲船上的人施力为 F1, 乙船上的人施力为 F2.甲、乙两船原来都静止在水面上,不考虑水对船的阻力,甲 船产生的加速度大小为 a1, 乙船产生的加速度大小为 a2, 则 F1∶F2= ,

a1∶a2=

.

2

14.(1)某同学设计了一个探究小车的加速度 a 与小车所受拉力 F 关系的实验, 图甲为实验装置简图。他想用钩码的重力表示小车受到的合外力, 为了减小这种做法带来的实验误差,你认为下列说法正确的 是


A.实验时要平衡摩擦力 B.实验时不需要平衡摩擦力 C.钩码的重力要远小于小车的总重力 D.实验进行时应先释放小车再接通电源 (2)如图乙所示是某次实验中得到的一条纸带,其中 A、B、C、

D、 E 是计数点, 相邻计数点间的时间间隔为 T, 距离如图所示。
该同学计算小车加速度的表达式为
文字说明和重要的演算步骤) 15.(10 分)如图 11 所示,能承受最大拉力为 100 N 的细线 OA 与竖直方向成 45°角,能承 受最大拉力为 5 0N 的细线 OB 水平, 细线 OC 能承受足够大的拉力, 为使 OA, OB 均不被拉断,



三、计算题(本大题共 5 题,共 54 分。解答本题时,要求写出必要的

OC 下端所悬挂物体的最大重力是多少?

16. (10 分) 列车在机车的牵引下沿平直铁轨匀加速行驶, 在 100s 内速度由 5.0m/s 增加到 15.0m/s. (1)求列车的加速度大小. (2)若列车的质量是 1.0×106kg,机车对列车的牵引力是 1.5×105N,求列 车在运动中所受的阻力大小.

17. (10 分) 如图所示, 一根劲度系数 k=200 N/m 的轻质弹簧拉着质量为 m=0.2 kg 的物体从静止开始沿倾角为θ =37°的斜面匀加速上升,此时弹簧伸长 量 x=0.9 cm,在 t=1.0 s 内物体前进了 s=0.5 m。求: (1)物体加速度的大小; (2)物体和斜面间的动摩擦因数。(取 g=10 m/s2,sin37°=0.6,cos37° =0.8)
3

18. (12 分)如图所示,放在水平面上的物体质量 m=2 kg,受到一个斜向下的与水平方向成 θ =37°角的推力 F=10 N 的作用,从静止开始运动.已知物体与水平面间的动摩擦因数μ =0.25,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g 取 10 m/s .问: (1)物体 10 s 末的速度是多大?物体 10 s 内的位移是多少? (2)若 10 s 末撤去推力,物体在水平面上运动的总位移是多少?
2

19. (12 分)某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上,传 送带与地面的夹角θ = 30°,传送带两端 A、B 的长度 L = 10m。传送带以 v = 5m/s 的恒定速度匀速向上运动。在传送带底端 A 轻轻放一质量 m = 5kg 的货物,货物与传送带间的动摩擦因数 ? ? 3 / 2 。求货物从 A 端运送到 B 端所需的时间。 (g 取 10m/s2)

4

高一物理答案
一.选择题(本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分。1~6 题只有一个选项正确;7~10 题有多个选项正确,选对但不全的,得 2 分) 题号 答案 1 B 2 C 3 B 4 C 5 C 6 D 7 AB 8 CD 9 BC 10 AB

二、填空(共 16 分) 11. 不变,增大 12. .(1)BD (2)BD 13. 1∶1 1∶2 L4-2L2 14. ①AC ② 4T2 三.计算题(本题共 5 小题,共 54 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤。只写出最后答案不给分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位 ) 15. 50 N 解析 当 OC 下端悬挂物重不断增大时,细线 OA、OB 所受 的拉力同时增大.为了判断哪根细线先被拉断,可选 O 点为研究对象,其 受力情况如右图所示,利用假设法,分别假设 OA、OB 达最大值时,看另 一细线是否达到最大值,从而得到结果.假设 OB 不会被拉断,且 OA 上 的拉力先达到最大值,即 F1=100 N,根据平衡条件有 2 F2=F1maxcos 45° =100× N≈70. 7 N 2 由于 F2 大于 OB 能承受的最大拉力,所以在物重逐渐增大时,细线 OB 先被拉断. 再假设 OB 上的拉力刚好达到最大值(即 F2max=50 N),处于将被拉断的临界状态,根据平衡 条件有 F1· cos 45° =F2max,F1· sin 45° =F3. 再选重物为研究对象,根据平衡条件有 F3=Gmax. 以上三式联立解得悬挂物体的最大重力为 Gmax=F2max=50 N. v ?v 16. 解析: (1)根据 a


?

t

0

t




代入数据得 a=0.1m/s2 F 合=F 牵-f=ma ③

(2)设列车在运动中所受的阻力大小为 f ,由牛顿第二定律 代入数据解得 f=5.0× 104N ④

1 17. (10 分)解析:(1)根据运动学公式:s= at2①(2 分) 2 2s 2× 0.5 2 2 得 a= 2 = 2 m/s =1.0 m/s ②(2 分) t 1.0 (2)物体运动过程受力如图所示。 根据牛顿第二定律: F-Ff-mgsin37° =ma③(2 分) FN=mgcos37° =0.2× 10× 0.8 N=1.6 N④ 根据胡克定律:F=kx⑤ F=200× 0.9× 10
-2

N=1.8 N⑥(1 分)
5

把⑥式代入③式得: Ff=F-mgsin37° -ma =(1.8-0.2× 10× 0.6-0.2× 1.0) N =0.4 N⑦(2 分) 根据滑动摩擦力公式 Ff=μFN 得: Ff 0.4 μ= = =0.25(1 分) FN 1.6 18. (1)7.5 m/s 37.5 m (2)48.75 m 解析 (1)物体在 F 的作用下做匀加速运动, 设加速度为 a1 Fcos 37° -f=ma1, N-Fsin 37° =mg, f=μN, 联立并代入数据解得 a1=0.75 m/s2. 此时速度 v=a1t=0.75× 10 m/s=7.5 m/s, 1 2 1 加速位移 x1= a1t = × 0.75× 100 m=37.5 m. 2 2 (2)F 撤去后物体做匀减速运动,设加速度为 a2, μmg=ma2,a2=μg2 =2.5 m/s2, 0-v -7.5× 7.5 减速位移 x2= = m=11.25 m, -2a2 -2× 2.5 所以总位移 x=x1+x2=48.75 m. 19. (12 分)解析:μmgcos30° -mgsin30° = ma 解得 a = 2.5 m / s
2

3分 1分

v 货物匀加速运动的时间 t1 ? ? 2 s a 货物匀加速运动的位移: 1 s1 ? 5m 2 分 s1 ? at12 2
随后货物做匀速运动。 运动位移 S2 = L-S1 = 5m

2分

s 匀速运动时间 t2 ? 2 ? 1s v
t = t1 + t2 = 3s

1分 1分 2分

6


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